Botafogo4.5 Réflexions
Dans cette section, on étudie les applications linéaires f:R2→R2 dont l’effet se visualise, dans un repère orthonormé, par une réflexion d’axe donné:
On voit qu’une telle transformation est un cas particulier de symétrie, dans laquelle la symétrie se fait perpendiculairement à l’axe.
On considère, dans un repère orthonormé, un axe représenté par une droite passant par l’origine, faisant un angle ϕ avec l’horizontale.
Pour trouver la matrice associée à la réflexion par cet axe, il suffit de considérer l’effet de la réflexion f sur les vecteurs de la base canonique:

On voit que
- f(e1)=v2ϕ,
- f(e2)=vϕ−(2π−ϕ)=v2ϕ−2π,
et donc la matrice associée à f est, en base canonique,
([v2ϕ]Bcan[v2ϕ−2π]Bcan)=(cos(2ϕ)sin(2ϕ)cos(2ϕ−2π)sin(2ϕ−2π))=(cos(2ϕ)sin(2ϕ)sin(2ϕ)−cos(2ϕ))Posons Sθ=(cos(θ)sin(θ)sin(θ)−cos(θ)). Comme
Sθ2=(cos(θ)sin(θ)sin(θ)−cos(θ))(cos(θ)sin(θ)sin(θ)−cos(θ))=(1001)=I2,Sθ est un cas particulier de matrice de symétrie.
Par ce qui précède, on sait que dans un repère orthonormé, une réflexion f de matrice Sθ se visualise comme agissant sur les vecteurs du plan par une réflexion dont l’axe est dirigié par vϕ, avec
ϕ=2θ.
Puisque une réflexion f est un cas particulier de symétrie (f∘f=idR2), on sait trouver ses éléments caractéristiques: la réflexion se fait par rapport à Im(g), parallèlement à Ker(g), où g=21(idR2+f) est la projection associée à f. Ainsi, si f a pour matrice Sθ, la matrice de g est
G=21(I2+Sθ)=(21+cos(θ)2sin(θ)2sin(θ)21−cos(θ))=(cos2(2θ)sin(2θ)cos(2θ)sin(2θ)cos(2θ)sin2(2θ))=[vθ/2]Bcan(cos(2θ)sin(2θ))(cos(2θ)sin(2θ))(On a utilisé les les formules pour cos(2x), sin(2x), voir Analyse A.) Cette dernière décomposition colonne-ligne de G montre que Im(g)=Vect{vθ/2}, qui est bien l’axe de la réflexion f, et que
Ker(g)={(x,y):xcos(2θ)+ysin(2θ)=0}=Vect{(−sin(2θ),cos(2θ))}=Vect{v2θ+2π},qui montre que la symétrie se fait bien selon une direction perpendiculaire à l’axe:

Remarquons que l’on peut aussi trouver l’axe en cherchant les points fixes de f: f(x,y)=(x,y)⇔{xx+−yy==2x2y⇔{(1−2)xx+−y(1+2)y==00 Encore une fois, l’utilisation du conjugué montre que 1−21=−(1+2), donc les deux équations de ce système sont en fait les mêmes, et f(x,y)=(x,y)⇔y=(2−1)x
En passant par l’angle: L’angle ϕ fait par l’axe avec l’horizontale est tel que
cos(ϕ)=52,sin(ϕ)=5−1,et donc la matrice de f en base canonique est égale à:
S2ϕ=(cos(2ϕ)sin(2ϕ)sin(2ϕ)−cos(2ϕ))=(2cos2(ϕ)−12sin(ϕ)cos(ϕ)2sin(ϕ)cos(ϕ)1−2cos2(ϕ))=(2(2/5)2−12(−1/5)2/52(−1/5)2/51−2(2/5)2)=(3/5−4/5−4/5−3/5).Donc l’expression de f est:
(x,y)=v↦f(v)=(53x−54y,−54x−53y)En passant par la projection associée g: On sait que g=21(idR2+f) doit projeter sur l’axe, qui est dirigé par (2,−1), et que la direction de projection doit être perpendiculaire à (2,−1), donc parallèle à la droite Vect{(1,2)}, qui a pour équation 2x−y=0. Donc la matrice associée à g est de la forme
G=c(2−1)(2−1)=c(4−2−21),où c est telle que Tr(g)=1, c’est-à-dire 5c=1, qui donne c=1/5. Ainsi, la matrice associée à f est
A=2G−I2=251(4−2−21)−(1001)=(3/5−4/5−4/5−3/5).En utilisant les points fixes de f: On sait que la matrice associée à f est de la forme
Sθ=(cos(θ)sin(θ)sin(θ)−cos(θ)),et donc que f est de la forme
f(x,y)=(xcos(θ)+ysin(θ),xsin(θ)−ycos(θ)),où il reste à trouver les valeurs de cos(θ) et sin(θ). Or on a dit que tous les points de l’axe x+2y=0 doivent êtres fixes: f(x,y)=(x,y). En particulier, puisque (2,−1) est sur l’axe, on doit avoir f(2,−1)=(2,−1), ce qui donne
{2cos(θ)2sin(θ)−+sin(θ)cos(θ)==2−1Ce système a pour solution cos(θ)=3/5, sin(θ)=−4/5, et donc encore une fois
Sθ=(3/5−4/5−4/5−3/5).
Polycopié rédigé par Mathieu Huruguen, Sacha Friedli. Sauf indication contraire, le contenu de ce document est soumis à une licence Creative Commons internationale, Attribution - Utilisation non commerciale - Partage dans les mêmes conditions 4.0 International (CC BY-NC-SA 4.0).
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